Учителят задача дава, въпросната те затруднява - за решението питай, на подкрепа тук разчитай :)

  • 41 089
  • 839
# 555
вторият брат нека е 12х

първият ще бъде 9х (3/4=първи брат/12х, =>3/4.12х), а третият - 20х.

12х+9х+20х=21443
41х=21443
х=523

първи - 9*523=4707
втори - 12*523=6276
трети - 20*523=10460
Виж целия пост
# 556
Може ли някой да ми обясни, защо когато се хвърля зар два пъти общия брой възможности е 36?
Виж целия пост
# 557
Може ли някой да ми обясни, защо когато се хвърля зар два пъти общия брой възможности е 36?

За първото хвърляне имаме 6 числа, т.е. 6 възможности.
За второто хвърляне - пак така.
Общият брой варианти при 2 хвърляния на зара ще бъде равен на 6.6
Виж целия пост
# 558
Може ли някой да ми обясни, защо когато се хвърля зар два пъти общия брой възможности е 36?
Защото с 1 от първото зарче могат да се паднат 6 възможности на втория зар/1,2,3,3,4,5,6/. Така и с всяко др число от 1 зар има по 6 възможности от втория,. И 6 по 6 дава 36 възможности.

Допълвам с табличка
Виж целия пост
# 559
Трябва обаче да се уточни, че са различни заровете.
Ако са еднакви има дублиране.
Например, първи зар - 1, втори зар - 6 е същото като
първи зар - 6, втори зар - 1.
Виж целия пост
# 560


Може ли помощ за 4 и 5 задача, моля
Виж целия пост
# 561
4. 180° - 3*35° = 75°

5. Тази задача се решава с поглед с централен и вписан ъгъл в описана окръжност, но това е в 8 клас.
централен = 2*вписан, когато споделят същата дъга.
В случая трябва да се свържат върховете А В С с пресечната точка на симетралите, образуват се три равнобедрени триъгълника. Два от тях имат ъгли при основите 2*80° = 160°. За третия, който е АВО, остава за има 20° в ъглите при основата, следователно 160° при върха АОВ.
Виж целия пост
# 562
5 задача бих я решила така.
Виж целия пост
# 563
След 4 години бащата на Елза ще е 4 пъти по-голям от нея. Преди 6 години той е бил 14 пъти по-голям от нея. Колко е сборът от годините на Елза и баща ѝ сега?
Виж целия пост
# 564
Виж целия пост
# 565
Благодаря на Дидева за решението!
Няколко момичета седят на трикраки или четирикраки столчета. Общо краката са 49. Колко са момичетата?
Виж целия пост
# 566
Виж целия пост
# 567
Може ли помощ

Виж целия пост
# 568

4
Виж целия пост
# 569

Отговор: Б) 4

Всяко топче трябва да участва в поне едно претегляне. Ако има топче, което не е участвало в нито едно претегляне, неговото тегло може да бъде произволно голямо и следователно, общото тегло на петте топчета може да бъде произволно голямо.

Първо ще докажем, че три претегляния не са достатъчни.

С три претегляния могат да бъдат претеглени точно шест топчета (с повторение на някои топчета). Понеже всяко топче трябва да бъде претеглено поне веднъж, то точно едно топче е претеглено два пъти, а всяко от останалите четири топчета е претеглено по един път.

Нека топчето претеглено два пъти е с тегло а и топчетата претеглени по един път са с тегло b, c, d, e и нека a + b = x, a + c = y и d + e = z.

Числата x, y и z са ни известни, те са резултатите от претеглянето, числата а, b, c, d, e не са ни известни и трябва да намерим а + b + c + d + e.  

а + b + c + d + e = a + x – a + y – a + z = x + y + z – a и този израз може да приема различни стойности, в зависимост от стойността на a. С други думи, дори да знаем стойностите x, y, z това не е достатъчно за да определим а + b + c + d + e, защото трябва да знаем и стойността на а.  

Например, ако x = 11, y = 12, z = 13 може да имаме a = 1 и тогава а + b + c + d + e = 35, но може да имаме и a = 2 и тогава а + b + c + d + e = 34.

Четири претегляния са достатъчни.

Нека претеглянията са a + b = x, b + c = y, c + a = z и d + e = t.

Тогава, а + b + c + d + e = (a + b + b + c + c + a)/2 + d + e = (x + y + z)/2 + t и това е единствената стойност, която а + b + c + d + e може да приема.
Виж целия пост

Започнете да пишете...

Страница 1 от 1

Общи условия